网站设计知识准备网站前端交互功能案例分析
目录
题目
Description
Input
Notes
思路
暴力方法
递归法
注意事项
C++代码（递归法）
关于DFS
题目
Description
小张是一个密室逃脱爱好者，在密室逃脱的游戏中，你需要解开一系列谜题最终拿到出门的密码。现在小张需要打开一个藏有线索的箱子，但箱子上有下图所示的密码锁。
每个点是一个按钮，每个按钮里面有一个小灯。如上图，红色代表灯亮，白色代表灯灭。每当按下按钮，此按钮的灯以及其上下左右四个方向按钮的灯状态会改变（如果原来灯亮则灯灭，如果原来灯灭则灯亮）。如果小张通过按按钮将灯全部熄灭则能可以打开箱子。
对于这个密码锁，我们可以先按下左上角的按钮，密码锁状态变为下图。
再按下右下角的按钮，密码锁状态变为下图。
最后按下中间的按钮，灯全部熄灭。
现在小张给你一些密码锁的状态，请你告诉他最少按几次按钮能够把灯全部熄灭。
Input
第一行两个整数
接下来
行，每行一个长度为
的01字符串，0表示灯初始状态灭，1表示灯初始状态亮。
Output
一行一个整数，表示最少按几次按钮可以把灯全部熄灭。
Notes
第一个样例见题目描述，第二个样例按左上和右下两个按钮。
测试用例保证一定有解。
| 测试输入 | 期待的输出 | 时间限制 | 内存限制 | 额外进程 | |
|---|---|---|---|---|---|
| 测试用例 1 | 以文本方式显示
| 以文本方式显示
| 1秒 | 64M | 0 |
| 测试用例 2 | 以文本方式显示
| 以文本方式显示
| 1秒 | 64M | 0 |
思路
暴力方法
对每个灯点或不点分情况讨论，共讨论2^（n*m）次，超时了。
递归法
核心是深度优先搜索（DFS）。
1.用一个字符数组存各点的明暗情况，并且明确两点：
①一个灯至多按一次，按两次相当于没有按
②按的顺序对结果没有影响
2.如果第一排的点灯情况固定，那么后面n-1排的点灯情况也可固定；
因此我们可以枚举出第一排灯按与不按的所有情况，操作数为2^n；
自第二行开始到最后一行，通过判断上一行同一列的灯明灭与否来判断是否按灯；
最后需判断是否还有亮灯，如果有亮灯，则该枚举方法不合理；反之则记录点灯次数并与minPresses比较，更新minPresses值
注意事项
- minPresses的初始值为n*m，因为每个灯至多按一次，n*m为按灯的最大次数
- 用string来存取每一行的密码锁的状况，再遍历string将其存入二维数组
- 改变按钮状态时，注意不要越界
- 记得回溯。即在递归时，在按下当前按钮并进入下一次深搜后，要再次按下该按钮来复原。
- 用cal函数计算时，传入数组，而不是传入数组的地址。因为传入地址后，按灯时会改变原数组的情况且无法复原，这样就会影响下一次的计算。（最后卡了好久就是因为这个）
- 在递推完成之后要检验一下所有灯是否真的灭干净了，确认全部灯关掉之后再更新答案
- 解法不唯一，应该枚举第一排灯按与不按的所有情况，不断更新minPresses
C++代码（递归法）
#include <vector>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <string>
using namespace std;//按下按钮的函数void pressButton(vector<vector<int>>&arr, int i, int j) {arr[i][j] = 1 - arr[i][j];//改变当前按钮的状态//改变上方按钮的状态if (i > 0) {arr[i - 1][j] = 1 - arr[i - 1][j];}//改变下方按钮的状态if (i < int(arr.size()) - 1) {arr[i + 1][j] = 1 - arr[i + 1][j];}//改变左方按钮的状态if (j > 0) {arr[i][j - 1] = 1 - arr[i][j - 1];}//改变右方按钮的状态if (j < int(arr[0].size()) - 1) {arr[i][j + 1] = 1 - arr[i][j + 1];}}//计算按下的总次数void cal(vector<vector<int>> arr, int curPresses, int& minPresses) {for (int i = 1; i < int(arr.size()); i++) {for (int j = 0; j <int(arr[0].size()); j++) {if (arr[i - 1][j] == 1) {pressButton(arr, i, j);curPresses++;}}}for (int i = 0; i < int(arr.size()); i++) {for (int j = 0; j <int(arr[0].size()); j++) {if (arr[i][j] == 1) return;}}minPresses = min(minPresses, curPresses); }// 递归遍历第一行密码锁按与不按的状态void traverseFirstRow(vector<vector<int>>& arr, int col, int curPresses, int& minPresses) {if (col == arr[0].size()) {cal(arr, curPresses, minPresses);return;}// 不按当前按钮traverseFirstRow(arr, col + 1, curPresses, minPresses);// 按当前按钮pressButton(arr, 0, col);traverseFirstRow(arr, col + 1, curPresses + 1, minPresses);pressButton(arr, 0, col); // 恢复按钮当前状态}int main() {int n, m;cin >> n >> m;int minPresses = n * m;vector<vector<int>> arr(n, vector<int>(m));//读取密码锁的状态for (int i = 0; i < n; i++) {string row;cin >> row;for (int j = 0; j < m; j++){arr[i][j]=row[j]-'0';}}traverseFirstRow(arr, 0, 0,minPresses);cout << minPresses << endl;return 0;}关于DFS
DFS有一套固定的流程如下：
void dfs(状态参数){if (达到中止条件 / 条件不合法){添加相应内容return;}for (下一步所有的可行方法){标记;dfs(参数进行相应改变);还原标记;}}对于本道题目，dfs部分的伪代码可以参考如下：
void dfs(灯的id, 按键次数){if (灯的id == m){根据第一行状态推演所有按键次数；判断所有灯是否全部熄灭；更新最小按键次数；return;}// 第一种：按下的情况按下(第一行，第id个灯);dfs(id + 1， 按键数 + 1);按下(第一行，第id个灯); // 还原灯的状态// 第二种：不按下的情况dfs(id + 1， 按键数);}